宝鸡三模二本分数线多少 （?宝鸡三模）某实验兴趣小组的同学设计了如图甲所示的装置来验证“机械能守恒定律”，实验步骤如下

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本文目录一览：

• 1、（2014?宝鸡三模）某实验兴趣小组的同学设计了如图甲所示的装置来验证“机械能守恒定律”，实验步骤如下
• 2、（2014?宝鸡三模）如图所示，两根平行光滑金属导轨水平放置，左端用导线连接，右端断开，导轨间距d=0.5m
• 3、（2014?宝鸡三模）如图所示，M、N为固定的两个等量同种正电电荷，在其连线的中垂线上的P点由静止释放一个

（2014?宝鸡三模）某实验兴趣小组的同学设计了如图甲所示的装置来验证“机械能守恒定律”，实验步骤如下

（1）图象的斜率表示劲度系数的大小，故：
k=

△F

△x

=

28?0

0.55?0.15

=70N/m；
横轴截距表示弹簧的原长，为0.15m；
（2）去掉挂在弹簧下端所有质量为m的砝码，将质量为M的小球挂在弹簧下端，并用手扶住小球，使弹簧下端指针恰好指在弹簧原长L ₀ 处，
然后将小球由静止释放，测得小球运动到最低点时弹簧下端指针在刻度尺上所指示的读数L，
该过程中重力势能的减小量△E _p =Mg（L-L ₀ ），
弹簧弹性势能增加量△E′ _p =

1

2

kx ² =

1

2

k (L ?L 0 ) 2 ，
则验证机械能守恒定律的等式为Mg（L-L ₀ ）=

1

2

k (L ?L 0 ) 2 ，
故答案为：0.15；70；Mg（L-L ₀ ）=

1

2

k (L ?L 0 ) 2

（2014?宝鸡三模）如图所示，两根平行光滑金属导轨水平放置，左端用导线连接，右端断开，导轨间距d=0.5m

（1）以a=0.5m/s ² 的加速度，从静止开始向右做匀加速直线运动，
从t=0开始至t=6s的时间内，根据运动学公式可知，位移为：
s=

1

2

a t 2 ＝

1

2

×0.5× 6 2 ＝9m ；
则这段时间内的通过棒的电量为：
I=

△?

R

=

1 3 ×6×0.5×9

0.25×9×2

=2C；
（2）t=6s末，棒的速度v=at=0.5×6=3m/s；
根据牛顿第二定律，则有：F-F _A =ma，
因安培力表达式F _A =

B 2 L 2 v

R

，则有：F-

B 2 L 2 v

R

=ma；
那么外力对金属棒做功的瞬时功率为：
P=Fv=（

B 2 L 2 v

R

+ma）v=（

2 2 ×0． 5 2 ×3

0.25×2×9

+2×0.5 ）×3=5W；
答：（1）从t=0开始至t=6s的时间内，通过金属棒的电量为2C；
（2）t=6s末外力对金属棒做功的瞬时功率为5W．

（2014?宝鸡三模）如图所示，M、N为固定的两个等量同种正电电荷，在其连线的中垂线上的P点由静止释放一个

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根据点电荷电场强度的叠加法则，可知，同种正电荷的中垂线上，由O点向两边，电场强度方向向两边延伸，且大小先增大后减小，
由静止释放一个负点电荷q，它只在电场力作用下，先向下加速，后向下减速运动；
A、负点电荷q受到电场力先做正功，后做负功，则其的机械能先增大后减小，故A正确．
B、负点电荷q，因合力先做正功，后做负功，则其动能先增大后减小，故B正确．
C、负点电荷q受到电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小，后增大，故C正确．
D、负点电荷q的动能最大时，则速度最大，其电势能不为零，故D错误．
本题选择错误的，故选：D． 瓜准网

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